PHP 怎么接受$.post发送过来的值，报错

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HTML ajax端

<pre class=""brush:js; toolbar: true; auto-links: false;"">$.ajax({ url:'/login.php', data:{'name':name, 'pwd':pwd}, type:'POST', dataType:'json', success:function(data){ console.dir(data) if(data.status == '1') alert(data.mes) }else{ alert(data.mes) } } })

php端：

<?php

$sql = "SELECT * FROM user WHERE user = '{$_POST['name']}' AND pwd = '{$_POST['pwd']}'",

//后面大概就是查数据，看看有没有结果。

if(){
  echo json_encode(array('status' => '200', 'mes' => '登录成功'));
}else{
  echo json_encode(array('status' => '0', 'mes' => '帐号密码错误'));
}

一个流程大概就这样了。楼主肯定有地方写错~~

######回复 @首席撸破皮 : 谢谢，可以接受。我当时用的$.post()直接传递，在PHP接受不了post传过来的，但用$.get()就可以，用你的案例可以接受到，也就是说直接$.ajax可以接受。谢谢你的帮助。感谢######回复 @键盘浪人 : 呵呵 看错了######回复 @键盘浪人 : 上面的方法肯定可以接收的。如果接收不了，肯定是你写得有问题。这个方法我已经写了千百次。######回复 @zuiw : ... datatype是将回调的数据解析。PHP端直接用POST接收则可。这个方法和 $.getJson一样######jq是用的post方式提交的，但是提交的值是json格式的，获取的时候先要把json的转换成数组，直接$_POST['name'] 是不行的######在Firefox里打开按F12打开Firebug，看看点击登录时“网络”那里的情况不就知道了。
######

没代码说个XX，如果php连这都能出问题，真是白发展这么些年了

###### 学习了######

$.post('/login.php', {name: name, pwd: pwd}, function (ajax) {
    console.log(ajax);
}, 'json');

PHP: var_dump($_POST); data:{name:name,pwd:pwd},

PHP: var_dump($_POST);

or

PHP: var_dump($_REQUEST);

必须确保网页服务器报告的MIME类型与我们选择的dataType所匹配。比如说，XML的话，服务器端就必须声明 text/xml 或者 application/xml 来获得一致的结果。

首先要确保你传过去的是json数据格式，然后在php端进行打印看看

echo json_encode($_POST);